高考物理总复习教师用书第十章 电磁感应

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第十章电磁感应
考 纲 要 求 考 情 分 析
电磁感应现象 Ⅰ 1.命题规律
近几年高考对该部分内容重点考查了感应
电流的产生、感应电动势的方向判断和大小计算
等。常以选择题形式考查对基础知识、基本规律
的理解与应用，以计算题的形式考查综合性问
题，如动力学、能量、电路、图像等与电磁感应
结合的问题，一般难度较大，分值较高。
2.考查热点
预计近几年高考对该部分内容仍将以法拉
第电磁感应定律为核心，利用与之相关的力电
综合问题，考查学生的综合分析及运用数学知
识解决物理问题的能力。在复习过程中还要多关
注电磁感应现象与现代科技、生活相结合的新情
景题目。
磁通量 Ⅰ
法拉第电磁感应定律 Ⅱ
楞次定律 Ⅱ
自感、涡流 Ⅰ
第62 课时　电磁感应现象和楞次定律(双基落实课)
点点通(一)　对电磁感应现象的理解和判断
1．电磁感应现象
当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，电路中有感应电流产生的现象。
2．产生感应电流的条件
(1)条件：穿过闭合电路的磁通量发生变化。
(2)特例：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动。
3．产生电磁感应现象的实质
电磁感应现象的实质是产生感应电动势，如果回路闭合则产生感应电流；如果回路不
闭合，则只产生感应电动势，而无感应电流。
[小题练通]
1.(鲁科教材原题)如图所示，条形磁铁以速度 v向螺线管靠近，下
面几种说法中正确的是(　　)
A．螺线管中不会产生感应电流
B．螺线管中会产生感应电流
C．只有磁铁速度足够大时，螺线管中才能产生感应电流
D．只有在磁铁的磁性足够强时，螺线管中才会产生感应电流
解析：选B　条形磁铁以速度 v向螺线管靠近时，螺线管中磁通量增加，故会产生感
应电流，B正确。
2.(多选)(沪科教材原题)如图所示，导线 ab 和cd 互相平行，在下
列情况中，使导线 cd 中有感应电流产生的是(　　)
A．将开关 S闭合或断开
B．开关 S闭合后，将滑动变阻器的滑片 P向右移动
C．开关 S闭合后，将滑动变阻器的滑片 P向左移动
D．开关 S始终闭合，滑动变阻器的滑片 P也不移动
解析：选ABC　开关 S闭合或断开，以及滑动变阻器的滑片 P向左、右移动时，ab 中
电流均会发生变化，导致电流周围磁场发生变化，穿过 cd 所在的闭合回路的磁通量发生变
化，故 cd 中产生感应电流，A、B、C正确。
3．如图所示的匀强磁场中有一个矩形闭合导线框。在下列四种情况下，线框中会产生
感应电流的是(　　)
A．如图甲所示，保持线框平面始终与磁感线平行，线框在磁场中左、右运动
B．如图乙所示，保持线框平面始终与磁感线平行，线框在磁场中上、下运动
C．如图丙所示，线框绕位于线框平面内且与磁感线垂直的轴线 AB 转动
D．如图丁所示，线框绕位于线框平面内且与磁感线平行的轴线 CD 转动
解析：选C　题图甲中线框左、右运动，题图乙中线框上、下运动，题图丁中线框绕与
磁感线平行的轴线 CD 转动，穿过线框的磁通量始终为零，故不能产生感应电流，只有题
图丙中线框绕与磁感线垂直的轴线 AB 转动时，线框中磁通量会发生改变而产生感应电流。
故C正确。
[融会贯通]
判断有无感应电流的步骤
(1)确定研究的回路。
(2)弄清楚回路内的磁场分布，并确定穿过该回路的磁通量 Φ。
(3)
点点通(二)　楞次定律和右手定则
1．楞次定律
(1)内容：感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化。
(2)适用范围：适用于一切回路磁通量变化的情况。
2．右手定则
(1)使用方法
伸开右手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面
内；让磁感线从掌心进入，并使拇指指向导线运动的方向，这时四指所指的
方向就是感应电流的方向。
(2)适用范围：适用于部分导线切割磁感线的情况。
[小题练通]
1.(多选)如图所示，一轻质绝缘横杆两侧各固定一金属环，
横杆可绕中心点自由转动，老师拿一条形磁铁插向其中一个小环，
后又取出插向另一个小环，同学们看到的现象及现象分析正确的
是(　　)
A．磁铁插向左环，横杆发生转动
B．磁铁插向右环，横杆发生转动
C．磁铁插向左环，左环中不产生感应电动势和感应电流
D．磁铁插向右环，右环中产生感应电动势和感应电流
解析：选BD　磁铁插向左环，左环不闭合，不会产生感应电流，但会产生感应电动
势，而磁铁插向右环，右环中会产生感应电动势和感应电流，根据楞次定律，磁铁插向右
环时，横杆会发生转动，故 B、D正确。
2．(鲁科教材原题)某实验小组用如图所示的实验装置来验证 楞
次定律。当条形磁铁自上而下穿过线圈时，通过电流计的感应电流 方
向是(　　)
A．a→G→b
B．先a→G→b，后 b→G→a
C．b→G→a
D．先b→G→a，后 a→G→b
解析：选D　根据楞次定律，磁铁穿进线圈时，电流方向是 b→G→a，穿出线圈时，
电流方向是 a→G→b，故 D正确。
3．(多选) (沪科教材原题)如图所示，P为固定闭合电路的一段导体的横截面。
若使一对异性磁极相对 P运动，并让 P始终处于磁场中，则下列说法中正确的
是(　　)
A．磁极竖直向上运动时，P中不产生感应电流
B．磁极竖直向下运动时，P中产生指向纸外的感应电流
C．磁极向左运动时，P中产生指向纸里的感应电流
D．磁极向右运动时，P中产生指向纸里的感应电流
解析：选AD　磁极竖直上、下运动时，P不切割磁感线，故不产生感应电流，A正确，
B错误；磁极左、右运动时，P切割磁感线，产生感应电流，根据右手定则，磁极向左运动
时，P中产生指向纸外的感应电流，C错误；磁极向右运动时，P中产生指向纸里的感应电
流，D正确。
[融会贯通]
楞次定律中“阻碍”的含义可以推广为：感应电流的效果总是阻碍引起感应电流的原
因。列表说明如下：
内 容 例 证
阻碍原磁通量变化
——“增反减同”
阻碍相对运动
——“来拒去留”
使回路面积有扩大或缩小
的趋势——“增缩减扩”
阻碍原电流的变化
——“增反减同”
1．三定则、一定律的比较
适用范围 基本现象
安培定则 电流的磁效应 电流、运动电荷周围产生磁场
左手定则 磁场力 磁场对电流、运动电荷的作用
右手定则 电磁感应 部分导线做切割磁感线运动
楞次定律 闭合回路的磁通量发生变化
2.巧记妙用
(1)三个定则特别容易混淆，可用特殊方法记忆，比如左“力”右“电”，先左后右(先
学磁场力，后学电磁感应)。
(2)研究感应电流受到的安培力，一般先用右手定则确定电流方向，再用左手定则确定
安培力的方向，有时也可以直接应用楞次定律的推论确定。
[课堂综合训练]
1.(多选)(2018·全国卷Ⅰ)如图，两个线圈绕在同一根铁芯上，其中一
线圈通过开关与电源连接，另一线圈与远处沿南北方向水平放置在纸面内
的直导线连接成回路。将一小磁针悬挂在直导线正上方，开关未闭合时小
磁针处于静止状态。下列说法正确的是(　　)
A．开关闭合后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动
B．开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向里的方向
C．开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向外的方向
D．开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向
转动
解析：选AD　根据安培定则，开关闭合时铁芯上产生水平向右的磁场，开关闭合后
的瞬间，根据楞次定律，直导线上将产生由南向北的电流，根据安培定则，直导线上方的
磁场垂直纸面向里，故小磁针的 N极朝垂直纸面向里的方向转动，故 A正确；同理，D正
确；开关闭合并保持一段时间后，直导线上没有感应电流，故小磁针的 N极指北，故 B、C
错误。
2. 如图所示，两同心圆环A、B置于同一水平面上，其中 B为均匀带负
电绝缘环，A为导体环。当 B绕环心 O转动时，A产生顺时针方向电流且具
有扩展趋势，则 B的转动情况是(　　)
A．顺时针加速转动　　　 B．顺时针减速转动
C．逆时针加速转动 D．逆时针减速转动
解析：选A　由题意可知，A中感应电流为顺时针，由右手螺旋定则可知，A中感应
电流的内部磁场向里，由楞次定律可知，引起感应电流的原磁场可能为：向外增大或向里
减小；若原磁场向外增大，则 B中电流应为逆时针且逐渐增大，由于 B带负电，故 B应顺
时针转动且转速增大；若原磁场向里减小，则 B中电流应为顺时针且逐渐减小，故 B应逆
时针转动且转速减小；又因为导体环 A具有扩展趋势，则 B中电流应与 A中电流方向相反，
即B应顺时针转动且转速增大，A正确。
3.(多选)航母上飞机弹射起飞是利用电磁驱动来实现的，电磁
驱动原理如图所示，当固定线圈上突然通过直流电流时，线圈端点
的金属环被弹射出去，现在固定线圈左侧同一位置，先后放有分别
用横截面积相等的铜和铝导线制成的形状、大小相同的两个闭合环，
且电阻率ρ铜＜ρ铝，闭合开关 S瞬间(　　)
A．从左侧看环中感应电流沿顺时针方向
B．铜环受到的安培力大于铝环受到的安培力
C．若将铜环放在线圈右侧，环将向左运动
D．电池正负极调换后，环不能向左弹射
解析：选AB　在闭合开关 S的过程中，固定线圈中电流为右侧流入，磁场向左变强 ，
则由楞次定律可知，环中感应电流由左侧看沿顺时针方向，故 A正确；由于铜环的电阻较
小，故铜环中感应电流较大，铜环受到的安培力要大于铝环，故 B正确；若铜环放在线圈
右侧，根据“来拒去留”可得，环将向右运动，故 C错误；电池正负极调换后，环受力仍
向左，故仍将向左弹射，故 D错误。
4.(多选)(2019·湖北八校联考)已知地磁场类似于条形磁铁产生
的磁场，地磁场 N极位于地理南极附近。如图所示，在湖北某中学
实验 室 的水平桌面 上 ， 放 置 边 长 为L的 正 方 形 闭 合 导 体 线 框
abcd，线框的 ad 边沿南北方向，ab 边沿东西方向，下列说法正确
的是(　　)
A．若使线框向东平移，则 a点电势比d点电势低
B．若使线框向北平移，则 a点电势等于 b点电势
C．若以ad 边为轴，将线框向上翻转90°，则翻转过程线框中电流方向始终为 adcba
方向
D．若以ab 边为轴，将线框向上翻转90°，则翻转过程线框中电流方向始终为 adcba
方向
解析：选AC　地球北半球的磁场方向由南向北斜向下分布，可分解为水平向北和竖
直向下两个分量。若线框向东平移，根据右手定则可知 a点电势低于d点电势，A项正确；
若线框向北平移，根据右手定则可知 a点电势高于b点电势，B项错误；若以 ad 边为轴，
将线框向上翻转90°过程中，穿过线框的磁通量逐渐减小，根据楞次定律及安培定则可知 ，
线框中的电流方向始终为 adcba 方向，C项正确；若以 ab 边为轴，将线框向上翻转90°过
程中，穿过线框的磁通量先增大后减小，根据楞次定律及安培定则可知，线框中的电流方
向为先沿 abcda 方向再沿adcba 方向，故 D项错误。
5.如图所示，通电导线 MN 与单匝圆形线圈a共面，位置靠近圆形线
圈a左侧且相互绝缘。当 MN 中电流突然减小时，下列说法正确的是(
)
A．线圈a中产生的感应电流沿顺时针方向
B．线圈a中产生的感应电流沿逆时针方向
C．线圈a所受安培力的合力方向垂直纸面向里
D．线圈a所受安培力的合力方向水平向左
解析：选A　根据安培定则，MN 中电流产生的磁场在 MN 左侧垂直纸面向外，在
MN 右侧垂直纸面向里，由于 MN 位置靠近线圈 a左侧，所以线圈 a中合磁场方向为垂直
纸面向里，当MN 中电流突然减小时，垂直纸面向里的磁通量减少，根据楞次定律可知，
线圈 a中产生的感应电流沿顺时针方向，选项A正确，B错误；由左手定则可知，线圈 a
左侧所受安培力方向水平向右，线圈 a右侧所受安培力方向水平向右，所以线圈 a所受安
培力的合力方向水平向右，选项C、D错误。
1. (2019·大庆实验中学模拟)如图所示，套在条形磁铁外的三个线
圈，其面积S1>S2＝S3，线圈1、2在同一位置，且线圈3在磁铁的正
中间。设各线圈中的磁通量依次为 Φ1、Φ2、Φ3，则它们的大小关系是(
)
A．Φ1>Φ2>Φ3　　　　　　　 B．Φ1>Φ2＝Φ3
C．Φ1<Φ2<Φ3 D．Φ1<Φ2＝Φ3
解析：选C　在条形磁铁内、外都有磁场，套在条形磁铁外的三个线圈的磁通量为内部
向左的磁通量减去外部向右的磁通量，而其内部向左的磁通量相同，外部向右的磁通量越
大，总磁通量越小，线圈 1、2在同一位置，线圈 1的外部面积大，则向右的磁通量大，故
Φ2>Φ1，线圈 2、3面积一样，线圈 3位置外部向右磁通量小，则 Φ3>Φ2，可知 Φ1<Φ2<Φ3，
选项C正确。
2.(2019·天水一中月考)如图所示，绕在铁芯上的线圈与电源、滑
动变阻器和开关组成闭合回路。在铁芯的右端套有一个表面绝缘的铜
环A。不计铁芯和铜环A之间的摩擦。则下列情况中铜环A会向右运
动的是(　　)
A．线圈中通以恒定的电流
B．通电时，使滑动变阻器的滑片 P向右匀速移动
C．通电时，使滑动变阻器的滑片 P向左加速移动
D．开关突然断开的瞬间
解析：选C　铜环 A向右运动，说明穿过 A的磁通量在增加，绕在铁芯上的线圈中的
电流在增大，故选项C正确。
3.(2019·福建质检)法拉第在 1831 年发现了“磁生电”现象。如
图所示，他把两个线圈绕在同一个软铁环上，线圈A和电池连接，
线圈B用导线连通，导线下面平行放置一个小磁针。实验中可能观
察到的现象是(　　)
A．用一节电池作电源小磁针不偏转，用十节电池作电源小磁针会偏转
B．线圈B匝数较少时小磁针不偏转，匝数足够多时小磁针会偏转
C．线圈A和电池接通瞬间，小磁针会偏转
D．线圈A和电池断开瞬间，小磁针不偏转
解析：选C　根据“磁生电”即电磁感应现象的产生条件知，选项A、B错误；只有在
线圈 A和电池接通或断开的瞬间，线圈 B中才能产生感应电流，电流产生磁场，使导线下
面平行放置的小磁针发生偏转，选项C正确，D错误。
4.(2017·全国卷Ⅰ)扫描隧道显微镜(STM)可用来探测样品表面
原子尺度上的形貌。为了有效隔离外界振动对 STM 的扰动，在圆
底盘周边沿其径向对称地安装若干对紫铜薄板，并施加磁场来快速
衰减其微小振动，如图所示。无扰动时，按下列四种方案对紫铜薄
板施加恒磁场；出现扰动后，对于紫铜薄板上下及左右振动的衰减
最有效的方案是(　　)
解析：选A　施加磁场来快速衰减STM 的微小振动，其原理是电磁阻尼，在振动时通
过紫铜薄板的磁通量变化，紫铜薄板中产生感应电动势和感应电流，则其受到安培力作用
该作用阻碍紫铜薄板振动，即促使其振动衰减。方案A中，无论紫铜薄板上下振动还是左
右振动，通过它的磁通量都发生变化；方案B中，当紫铜薄板上下振动时，通过它的磁通
量可能不变，当紫铜薄板向右振动时，通过它的磁通量不变；方案C中，紫铜薄板上下、
左右振动时，通过它的磁通量可能不变；方案D中，当紫铜薄板上下振动时，通过它的磁
通量可能不变。综上可知，对于紫铜薄板上下及左右振动的衰减最有效的方案是A。
5.如图所示，一个金属圆环水平放置在竖直向上的匀强磁场中 ，
若要使圆环中产生图中箭头方向的感应电流，下列方法可行的是(
)
A．使匀强磁场均匀增强
B．使圆环绕水平轴 ab 如图转动 30°
C．使圆环绕水平轴 cd 如图转动 30°
D．保持圆环水平并使其绕过圆心的竖直轴转动
解析：选A　根据右手螺旋定则，圆环中感应电流产生的磁场竖直向下与原磁场方向
相反，根据楞次定律，说明通过圆环磁通量在增大，原磁场增强则磁通量增大，A正确；
使圆环绕水平轴 ab 或cd 如题图所示转动 30°，圆环在垂直磁场方向上的投影面积减小，磁
通量减小，只会产生与题图所示方向相反的感应电流，B、C错误；保持圆环水平并使其绕
过圆心的竖直轴转动，圆环仍与磁场垂直，磁通量不变，不会产生感应电流，D错误。
6.(多选)如图所示，闭合的铝环竖直放置，在其右侧的轴线上水
平放置一小磁针，小磁针可在水平方向上自由运动，下列说法正确的
是(　　)
A．如果铝环向右运动，则小磁针沿水平方向向右运动
B．如果铝环向右运动，则小磁针沿水平方向向左运动
C．如果铝环垂直轴线向上运动，则小磁针沿水平方向向右运动
D．如果铝环垂直轴线向上运动，则小磁针沿水平方向向左运动
解析：选AD　如果铝环向右运动，则穿过铝环的磁通量向左增加，则感应电流的磁
场向右，从左向右看铝环中的感应电流沿顺时针方向，则铝环的右侧相当于N极，则小磁
针沿水平方向向右运动，A正确，B错误；如果铝环垂直轴线向上运动，则穿过铝环的磁
通量向左减少，则感应电流的磁场向左，从左向右看铝环中的感应电流沿逆时针方向，则
铝环的左侧相当于N极，则小磁针沿水平方向向左运动，C错误，D正确。
7．(多选)如图甲所示，螺线管内有一平行于轴线的磁场，规定图中箭头所示方向为磁
感应强度 B的正方向，螺线管与 U形导线框 cdef 相连，导线框 cdef 内有一半径很小的金属
圆环L，圆环面积为S，圆环与导线框 cdef 在同一平面内。当螺线管内的磁感应强度随时间
按图乙所示规律变化时，下列说法中正确的是(　　)
A．在 t1时刻，金属圆环L内的磁通量最大，最大值 Φm＝B0S
B．在 t2时刻，金属圆环L内的磁通量最大
C．在 t1～t2时间内，金属圆环L有扩张的趋势
D．在 t1～t2时间内，金属圆环L内有顺时针方向的感应电流
解析：选BD　当螺线管内的磁感应强度随时间按题图乙所示规律变化时，在导线框
cdef 内产生感应电动势和感应电流，在 t1时刻，螺线管内磁通量的变化率为零，感应电动
势为零，感应电流为零，金属圆环L内的磁通量为零，选项A错误；在 t2时刻，螺线管内
磁通量的变化率最大，感应电动势最大，感应电流最大，金属圆环L内的磁通量最大，选
项B正确；在 t1～t2时间内，螺线管内磁通量减小，由楞次定律及安培定则知，导线框 cdef
内产生逆时针方向感应电流，螺线管内磁通量的变化率逐渐增大，则感应电动势逐渐增大
感应电流逐渐增大，金属圆环L内磁通量增大，根据楞次定律及安培定则知，金属圆环L
内有顺时针方向的感应电流，金属圆环L有收缩的趋势，选项C错误，D正确。
8．(多选)(2019·山东实验中学一诊)匀强磁场中有一细金属圆环，圆环平面位于纸面内，
如图甲所示。磁场方向垂直纸面，规定垂直纸面向里的方向为正，磁感应强度 B随时间t的
变化规律如图乙所示。用 I1、I2、I3分别表示Oa、ab、bc 段的感应电流，F1、F2、F3分别表示圆
环产生对应感应电流时其中一小段受到的安培力。则(　　)
A．I1沿逆时针方向，I2沿顺时针方向
B．I2沿顺时针方向，I3沿逆时针方向
C．F1方向指向圆心，F2方向指向圆心
D．F2方向背离圆心向外，F3方向指向圆心
解析：选AD　由题图乙可知，在 Oa 段磁场方向垂直纸面向里，穿过圆环的磁通量增
加，由楞次定律可知，感应电流 I1沿逆时针方向，在 ab 段磁场方向垂直纸面向里，穿过圆
环的磁通量减少，由楞次定律可知，感应电流 I2沿顺时针方向，在 bc 段磁场方向垂直纸面
向外，穿过圆环磁通量增加，由楞次定律可知，感应电流 I3沿顺时针方向，选项A正确，
B错误；由左手定则可知，Oa 过程中某一小段电流受到的安培力 F1方向指向圆心，ab 过
程中某一小段电流受到的安培力 F2方向背离圆心向外，bc 过程中某一小段电流受到的安培
力F3方向指向圆心，选项C错误，D正确。
第63 课时　法拉第电磁感应定律(重点突破课)
考点一　法拉第电磁感应定律
1．内容：闭合电路中感应电动势的大小，跟穿过这一电路的磁通量的变化率成正比。
2．公式：E＝n，这样求的是 Δt时间内的平均感应电动势，其中 n为线圈匝数。
3．导体切割磁感线时的感应电动势：E＝Bl v sin _θ，式中 l为导体切割磁感线的有效
长度，θ为v与B的夹角。求瞬时感应电动势要用该公式，当然，代入平均速度时，该公式
也可以求平均感应电动势。
4．求解感应电动势的常见情况与方法
情
景
图
研究
对象
回路(不一定闭
合)
一段直导线(或等
效成直导线)
绕一端转动的一
段导体棒
绕与 B垂直的轴
转动的导线框
表
达
式
E＝nE＝Blvsin θE＝Bl2ωE＝nBSω·
sin(ωt＋φ0)
[考法细研]
考法 1　公式E＝n的应用　
[例1]　如图所示，有一接在电容器 C两端的单匝圆形线圈，其
内存在着垂直线圈平面向里的匀强磁场，其磁感应强度为 B，已知圆
的半径 r＝5 cm，电容 C＝20 μF，当磁感应强度 B以4×10－2 T/s 的
变化率均匀增加时(　　)
A．电容器 a板带正电，电荷量为 2π×10－9 C
B．电容器 a板带负电，电荷量为 2π×10－9 C
C．电容器 b板带正电，电荷量为 4π×10－9 C
D．电容器 b板带负电，电荷量为 4π×10－9 C
[解析]　根据楞次定律知，感应电动势的方向沿逆时针，则电容器 a板带正电，b板带
负电，根据法拉第电磁感应定律得 E＝S＝4×10－2×π×52×10－4 V＝π×10－4 V，则 Q＝
CU＝CE＝2×10－5×π×10－4 C＝2π×10－9 C，选项A正确，B、C、D错误。
[答案]　A
考法 2　导体切割磁感线问题　
[例2]　(2015·海南高考)如图，空间有一匀强磁场，一直金属棒与
磁感应强度方向垂直，当它以速度 v沿与棒和磁感应强度都垂直的方
向运动时，棒两端的感应电动势大小为 ε；将此棒弯成两段长度相等且
相互垂直的折线，置于与磁感应强度相垂直的平面内，当它沿两段折线夹角平分线的方向
以速度 v运动时，棒两端的感应电动势大小为 ε′。则等于(　　)
A．　　　　　　　　　 B．
C．1 D．
[解析]　设棒长度为 l，则棒不弯折时感应电动势 ε＝Blv。弯折后，切割磁感线的有效
长度l′＝l，其感应电动势 ε′＝Bl′v＝Blv。所以＝，故 B正确。
[答案]　B
本题考查对切割磁感线产生感应电动势公式E＝Blv的应用，解题时应注意l是“有效
切割长度”。
(1)若l与B不垂直，则 l在垂直于 B的方向的投影长度为有效切割长度。
(2)若l出现弯折的情况，则先将两端点相连，再确定其有效切割长度。　　
摘要：

第十章电磁感应考纲要求考情分析电磁感应现象Ⅰ1.命题规律近几年高考对该部分内容重点考查了感应电流的产生、感应电动势的方向判断和大小计算等。常以选择题形式考查对基础知识、基本规律的理解与应用，以计算题的形式考查综合性问题，如动力学、能量、电路、图像等与电磁感应结合的问题，一般难度较大，分值较高。2.考查热点预计近几年高考对该部分内容仍将以法拉第电磁感应定律为核心，利用与之相关的力电综合问题，考查学生的综合分析及运用数学知识解决物理问题的能力。在复习过程中还要多关注电磁感应现象与现代科技、生活相结合的新情景题目。磁通量Ⅰ法拉第电磁感应定律Ⅱ楞次定律Ⅱ自感、涡流Ⅰ第62课时　电磁感应现象和楞次定律(...

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