2020年高考化学试卷（新课标Ⅱ）（解析卷）

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2020 年全国统一高考化学试卷（新课标Ⅱ）
参考答案与试题解析
一、选择题：本题共 7小题，每小题 6分，共 42 分。在每小题给出的四个选项中，只有一
项是符合题目要求的。
1．（6分）北宋沈括《梦溪笔谈》中记载：“信州铅山有苦泉，流以为涧。挹其水熬之则
成胆矾，烹胆矾则成铜。熬胆矾铁釜，久之亦化为铜”。下列有关叙述错误的是（
　）
A．胆矾的化学式为 CuSO4
B．胆矾可作为湿法冶铜的原料
C．“熬之则成胆矾”是浓缩结晶过程
D．“熬胆矾铁釜，久之亦化为铜”是发生了置换反应
【分析】“信州铅山县有苦泉，流以为涧。挹其水熬之则成胆矾。烹胆矾则成铜；熬胆
矾铁釜，久之亦化为铜。”由题意可知，“苦泉”泉水中含有硫酸铜，硫酸铜溶液蒸发
得到硫酸铜晶体，从溶液中获取晶体，熬胆矾铁釜，久之亦化为铜，是发生了：
Fe+CuSO4＝Cu+FeSO4，硫酸铜与 Fe 置换反应生成 Cu，据此解答。
【解答】解：A．胆矾是硫酸铜晶体，“胆矾”化学式为 CuSO4•5H2O，故 A错误；
B． 胆 矾 是 硫 酸铜 晶 体 ， 熬 胆矾 铁 釜 ， 久 之亦 化 为 铜 ， 是发 生 了 ： Fe+CuSO4＝
Cu+FeSO4，则胆矾可作为湿法冶铜的原料，故 B正确；
C．挹其水熬之则成胆矾，硫酸铜溶液蒸发得到硫酸铜晶体，是浓缩结晶过程，故 C正
确；
D．熬胆矾铁釜，久之亦化为铜，是发生了：Fe+CuSO4＝Cu+FeSO4，硫酸铜与 Fe 置换
反应生成 Cu，属于置换反应，故 D正确；
故选：A。
【点评】本题为信息题，明确题目中所给的信息以及 Cu 及其化合物的性质是解本题关
键，试题侧重基础知识的考查，有利于提高学生获取信息利用信息解答问题能力。
2．（6分）某白色固体混合物由 NaCl、KCl、MgSO4、CaCO3中的两种组成，进行如下实
验：①混合物溶于水，得到澄清透明溶液；②做焰色反应，通过钴玻璃可观察到紫色；
③向溶液中加碱，产生白色沉淀。根据实验现象可判断其组成为（　　）
A．KCl、NaCl B．KCl、MgSO4C．KCl、CaCO3D．MgSO4、NaCl
【分析】①混合物溶于水，得到澄清透明溶液，则无 CaCO3；
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②做焰色反应，通过钴玻璃可观察到紫色，则含有 KCl；
③向溶液中加碱，产生白色沉淀，则含有 MgSO4；
④根据白色固体混合物由两种物质组成，则无 NaCl，据此分析解答。
【解答】解：①混合物溶于水，得到澄清透明溶液，则无 CaCO3；
②做焰色反应，通过钴玻璃可观察到紫色，则含有 KCl；
③向溶液中加碱，产生白色沉淀，则含有 MgSO4；
④根据白色固体混合物由两种物质组成，则无 NaCl；
综上：白色固体混合物由 KCl、MgSO4两种物质组成，不含有 NaCl、CaCO3，故 B正确；
故选：B。
【点评】本题考查无机推断，为高频考点，侧重考查学生的分析能力，把握物质的性质
及实验中现象与结论的关系为解答的关键，注意物质的性质以及反应的现象，题目难度
不大。
3．（6分）二氧化碳的过量排放可对海洋生物的生存环境造成很大影响，其原理如图所示 。
下列叙述错误的是（　　）
A．海水酸化能引起 HCO3﹣浓度增大、CO32﹣浓度减小
B．海水酸化能促进 CaCO3的溶解，导致珊瑚礁减少
C．CO2 能引起海水酸化，其原理为 HCO3﹣⇌H++CO32﹣
D．使用太阳能、氢能等新能源可改善珊瑚的生存环境
【分析】A．根据海水酸化 的反应原理： CO2+H2O⇌H2CO3⇌H++HCO3﹣，H++CO32﹣
⇌HCO3﹣进行分析；
B．海水酸化氢离子浓度增大，导致 CaCO3⇌Ca2++CO32﹣正向移动；
C．海水酸化主要原因是二氧化碳与水反应，产生碳酸，碳酸电离出氢离子引起的；
D．太阳能、氢能等新能源为清洁能源，可以减少二氧化碳的排放。
【解答】解：A．海水酸化，H+浓度增大，平衡 H++CO32﹣⇌HCO3﹣正向移动，导致
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CO32﹣浓度减小，HCO3﹣浓度增大，故 A正确；
B．海水酸化，CO32﹣浓度减小，导致 CaCO3溶解平衡正向移动，促进了 CaCO3溶解，
导致珊瑚礁减少，故 B正确；
C．CO2引起海水酸化的原理为：CO2+H2O⇌H2CO3⇌H++HCO3﹣，导致 H+浓度增大，故
C错误；
D．使用太阳能、氢能等新能源，可以减少化石能源的燃烧，从而减少 CO2的排放，减
弱海水酸化，从而改善珊瑚礁的生存环境，故 D正确；
故选：C。
【点评】本题考查学生获取信息的能力，涉及到沉淀溶解平衡的影响因素，题目总体难
度不大。
4．（6分）吡啶（ ）是类似于苯的芳香化合物。2﹣乙烯基吡啶（VPy）是合成治
疗矽肺病药物的原料，可由如下路线合成。下列叙述正确的是（　　）
A．MPy 只有两种芳香同分异构体
B．EPy 中所有原子共平面
C．VPy 是乙烯的同系物
D．反应②的反应类型是消去反应
【分析】A．MPy 的芳香同分异构体有三种；
B．EPy 中侧链含2个四面体结构的C；
C．VPy 与乙烯的结构不同，且VPy 含N原子；
D．反应②中﹣OH 转化为碳碳双键。
【解答】解：A．MPy 有3种芳香同分异构体，分别为：甲基在 N原子的间位 C上、甲
基在 N原子的对位C上、氨基苯，故 A错误；
B．EPy 中侧链含2个四面体结构的C，则所有原子不能共面，故 B错误；
C．VPy 与乙烯的结构不同，且VPy 含N原子，二者不互为同系物，故 C错误；
D．反应②中﹣OH 转化为碳碳双键，反应类型为消去反应，故 D正确；
故选：D。
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【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质、有机反应、
原子共面为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意有机物不含苯环，题目难度
中等。
5．（6分）据文献报道：Fe（CO）5催化某反应的一种反应机理如图所示。下列叙述错误
的是（　　）
A．OH﹣参与了该催化循环
B．该反应可产生清洁燃料H2
C．该反应可消耗温室气体CO2
D．该催化循环中 Fe 的成键数目发生变化
【分析】Fe（CO）5催化反应的一种反应机理为：Fe（CO）5Fe（CO）4COOH﹣
→Fe （CO ）4H﹣+CO2Fe （CO ）4（HOH ）H﹣→Fe （CO ）4（H）2+OH﹣
→Fe（CO）4H2→Fe（CO）4+H2Fe（CO）5，由反应机理图可知，反应为 CO+H2O
＝CO2+H2，其中 OH﹣参与了该催化循环，生成清洁燃料H2和温室气体CO2，据此分析
解答。
【解答】解：Fe（CO）5催化反应的一种反应机理为：Fe（CO）5Fe（CO）4COOH
﹣→Fe （CO ）4H﹣+CO2Fe （CO ）4（HOH ）H﹣→Fe （CO ）4（H）2+OH﹣
→Fe（CO）4H2→Fe（CO）4+H2Fe（CO）5，由反应机理图可知，反应为 CO+H2O
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＝CO2+H2，
A、 由 反 应 机 理 中 Fe （CO ）5Fe （CO ）4COOH﹣和Fe （CO ）4（HOH ）H﹣
→Fe（CO）4（H）2+OH﹣可知，OH﹣参与了该催化循环，故 A正确；
B、总反应为 CO+H2O＝CO2+H2，所以该反应可产生清洁燃料H2，故 B正确；
C、总反应为 CO+H2O＝CO2+H2，所以该反应可生成温室气体CO2，消耗 CO，没有消
耗CO2，故 C错误；
D、由反应机理图可知，Fe 的成键数目变化为：5个共价键→6个共价键→5→4个共价
键→5个共价键，即催化循环中 Fe 的成键数目发生变化，故 D正确；
故选：C。
【点评】本题考查反应机理的分析判断、催化剂作用的理解应用、化学键的变化等，明
确反应机理中的各个阶段是解题关键，掌握化学反应原理等基础知识即可解答，题目难
度不大。
6．（6分）电致变色器件可智能调控太阳光透过率，从而实现节能。如图是某电致变色器
件的示意图。当通电时，Ag+注入到无色 WO3薄膜中，生成 AgxWO3，器件呈现蓝色，
对于该变化过程，下列叙述错误的是（　　）
A．Ag 为阳极
B．Ag+由银电极向变色层迁移
C．W元素的化合价升高
D．总反应为：WO3+xAg═AgxWO3
【分析】由图可知这是一个电解池，银做阳极，发生的电极反应 Ag﹣e﹣＝Ag+，当通电
时，Ag+注入到无色 WO3薄膜中生成 AgxWO3，电极方程式：xAg++xe﹣+WO3＝AgxWO3
是还原反应，总的反应方程式：WO3+xAg═AgxWO3，据此答题。
【解答】解：A．由图可知这是一个电解池，银做阳极，发生的电极反应 Ag﹣e﹣＝
Ag+，故 A正确；
B．当通电时，Ag+注入到无色 WO3薄膜中生成 AgxWO3，故 B正确；
C．电极方程式：xAg++xe﹣+WO3＝AgxWO3，W由WO3的+6 价降低到AgxWO3中的+
（6﹣x）价W的化合价降低是还原反应，故 C错误；
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摘要：

2020年全国统一高考化学试卷（新课标Ⅱ）参考答案与试题解析一、选择题：本题共7小题，每小题6分，共42分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．（6分）北宋沈括《梦溪笔谈》中记载：“信州铅山有苦泉，流以为涧。挹其水熬之则成胆矾，烹胆矾则成铜。熬胆矾铁釜，久之亦化为铜”。下列有关叙述错误的是（　）A．胆矾的化学式为CuSO4B．胆矾可作为湿法冶铜的原料C．“熬之则成胆矾”是浓缩结晶过程D．“熬胆矾铁釜，久之亦化为铜”是发生了置换反应【分析】“信州铅山县有苦泉，流以为涧。挹其水熬之则成胆矾。烹胆矾则成铜；熬胆矾铁釜，久之亦化为铜。”由题意可知，“苦泉”泉水中含有硫酸铜，硫酸铜溶...

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